\(3Fe+2O_2\underrightarrow{t^0}Fe_3O_4\)

\(Fe_3O_4++4H_2\underrightarrow{t^0}4Fe+4H_2O\)

\(H_2O+SO_3\rightarrow H_2SO_4\)

\(Fe+H_2SO_4\rightarrow FeSO_4+H_2\)

Chắc phía sau là chuỗi khác nhỉ , vì H₂ không phản ứng với chất nào sinh ra KMnO₄ 

\(2KMnO_4\underrightarrow{t^0}K_2MnO_4+MnO_2+O_2\)

\(H_2+\dfrac{1}{2}O_2\underrightarrow{t^0}H_2O\)

\(Na+H_2O\rightarrow NaOH+\dfrac{1}{2}H_2\)

\(CuO+H_2\underrightarrow{t^0}Cu+H_2O\)

3 Fe + 2 O2 -to-> Fe3O4

Fe3O4 +4 H2 -to-> 3 Fe + 4 H2O

H2O + SO3 -> H2SO4

H2SO4 + Mg -> MgSO4 + H2

H2 ra KMnO4 nên xem lại 

2 KMnO4 -to-> K2MnO4 + MnO2 + O2

O2 + 2 H2 -to-> 2 H2O

H2O -đp-> H2 + 1/2 O2

H2 + CuO -to-> Cu + H2O

a) \(4P+5O_2\rightarrow\left(t_o\right)2P_2O_5\)

b) \(3Fe+2O_2\rightarrow\left(t_o\right)Fe_3O_4\)

c) \(Zn+2HCl\rightarrow ZnCl_2+H_2\)

d) \(2Na+2H_2O\rightarrow2NaOH+H_2\)

e) \(P_2O_5+3H_2O\rightarrow2H_3PO_4\)

f) \(CuO+2HCl\rightarrow CuCl_2+H_2O\)

 Chúc bạn học tốt

\(a,PTHH:3Fe+2O_2\xrightarrow{t^o}Fe_3O_4\\ b,BTKL:m_{Fe}+m_{O_2}=m_{Fe_3O_4}\\ \Rightarrow m_{O_2}=23,2-16,8=6,4(g)\)

\(a,2Al+3CuCl_2\to 2AlCl_3+3Cu\)

Số phân tử CuCl₂ : Số phân tử AlCl₃ \(=3:2\)

\(b,3KOH+FeCl_3\to Fe(OH)_3\downarrow+3KCl\)

Số phân tử KOH : Số phân tử KCl \(=1:1\)

\(c,3Fe+2O_2\xrightarrow{t^o}Fe_3O_4\)

Số nguyên tử Fe: Số phân tử Fe₃O₄ \(=3:1\)

Câu 1: 

1) xFe₂O₃ + (3x-2y)CO --t^o--> 2Fe_xO_y + (3x-2y)CO₂

2) 2KMnO₄ --t^o--> K₂MnO₄ + MnO₂ + O₂

3) 2yAl + 3Fe_xO_y --> yAl₂O₃ + 3xFe

4) \(2xFe+yO_2\underrightarrow{t^o}2Fe_xO_y\)

5) \(Na_2O+H_2O\rightarrow2NaOH\)

6) \(3CaO+P_2O_5\rightarrow Ca_3\left(PO_4\right)_2\)

7) \(3Fe_xO_y+\left(12x-2y\right)HNO_3\rightarrow3xFe\left(NO_3\right)_3+\left(3x-2y\right)NO+\left(6x-y\right)H_2O\)

2)

- Nhỏ Phenolphatalein vào lần lượt các dd:

+ dd chuyển màu hồng: NaOH

+ dd không chuyển màu: NaCl, BaCl₂, NaHSO₄ (1)

- Cho dd ở (1) tác dụng lần lượt với dd NaOH có nhỏ sẵn vài giọt phenolphtalein:

+ Không hiện tượng: NaCl, BaCl₂ (2)

+ dd dần mất màu: NaHSO₄

NaHSO₄ + NaOH --> Na₂SO₄ + H₂O

- Cho dd ở (2) tác dụng với dd NaHSO₄:

+ Không hiện tượng: NaCl

+ Kết tủa trắng: BaCl₂

\(BaCl_2+NaHSO_4\rightarrow BaSO_4\downarrow+NaCl+HCl\)

B2: 

\(1.2H_2+O_2\underrightarrow{^{^{t^0}}}2H_2O\)

\(2.4Al+3O_2\underrightarrow{^{^{t^0}}}2Al_2O_3\)

\(3.Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)

\(4.Fe_2O_3+3H_2\underrightarrow{^{^{t^0}}}2Fe+3H_2O\)

B3: 

a) \(N_2+3H_2\underrightarrow{^{^{t^0,xt}}}2NH_3\)

b) Tỉ lệ số phân tử N₂ : số phân tử H₂ : số phân tử NH₃ = 1 : 3 : 2 

c) Nếu có 6 phân tử N₂ tham gia phản ứng thì có \(6\cdot\dfrac{2}{3}=4\) phân tử NH₃ tạo thành

Gọi x, y lần lượt là số mol của Fe và Mg.

Theo đề, ta có: \(56x+24y=13,2\) (*)

Ta có: \(n_{O_2}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)

PTHH:

\(3Fe+2O_2\overset{t^o}{--->}Fe_3O_4\left(1\right)\)

\(2Mg+O_2\overset{t^o}{--->}2MgO\left(2\right)\)

Theo PT₍₁₎: \(n_{O_2}=\dfrac{2}{3}.n_{Fe}=\dfrac{2}{3}x\left(mol\right)\)

Theo PT₍₂₎: \(n_{O_2}=\dfrac{1}{2}.n_{Mg}=\dfrac{1}{2}y\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow\dfrac{2}{3}x+\dfrac{1}{2}y=0,2\) (**)

Từ (*) và (**), ta có HPT:

\(\left\{{}\begin{matrix}56x+24y=13,2\\\dfrac{2}{3}x+\dfrac{1}{2}y=0,2\end{matrix}\right.\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,15\\y=0,2\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow m_{Fe}=0,15.56=8,4\left(g\right)\)

\(m_{Mg}=0,2.24=4,8\left(g\right)\)

đktc là gì ạ

1) \(Fe_2O_3+3CO_2\xrightarrow[]{t^o}2Fe+3CO_2\)

2) \(2KMnO_4\xrightarrow[]{t^o}K_2MnO_4+MnO_2+O_2\uparrow\)

3) \(4Al+3O_2\xrightarrow[]{t^o}2Al_2O_3\)

4) \(3Fe+2O_2\xrightarrow[]{t^o}Fe_3O_4\)

5) \(Na_2O+H_2O\rightarrow2NaOH\)

6) \(Zn+2HCl\rightarrow ZnCl_2+H_2\)

7) \(CuO+H_2\xrightarrow[]{t^o}Cu+H_2O\)

8) \(2FeS+\dfrac{7}{2}O_2\xrightarrow[]{t^o}Fe_2O_3+2SO_2\)

9) \(Fe_3O_4+8HCl\rightarrow FeCl_2+2FeCl_3+4H_2O\)

10) \(2C_xH_y+\dfrac{4x+y}{y}O_2\xrightarrow[]{t^o}2xCO_2+yH_2O\)